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确，D项，理论上每生成1 mol H,BO,,则M室中就有1mol氢离子通过I膜进人产品室即转守恒可得之-是+mg(a+)in30移1molc,甲烧在燃烧电池中发生电极反应一mAg(x十x)=0,联立以上三式解得mA消耗1 mol CH,转移8molc,则转移1mol受=紧=紧，则物体A下降的最大距e应该消耗mol CH,标准状况下2.8L,D离为x=十=受，故A,B错谈：释放物体正确。A的瞬间，弹簧的长度来不及改变，物块B所13.BA项，温度升高，二氧化硫转化率下降，平衡逆受重力分力与弹簧弹力平衡，所以物块A、B的向移动，说明反应为放热反应，该反应△H<0,A正确：B项，反应为气体分子数减小的反应，增共同加速度大小为a=件%=导，故C正m十mA大压强，平衡正向移动，二氧化硫转化率升高，故确：物体A从被释放到下降至最低点的过程=5Mpa、A=2.5Mpa、=0.5MPa,B错误；中，弹簧对A、B组成的系统先做正功再做负C项，由图象可知，在5.0MPa、550℃时的a=功，根据功能关系可知，此系统的机械能先增97.5%,C正确，D项，压强越大反应速率越快，大后减小，故D错误500℃时，p比p:压强大，反应速率快，D17D对两球及杆系统，水平正确。方向受力为零，则在614.B半衰期是由核内部因素决定，与外部条件（如温球落地前瞬间，杆平度、压强等)无关，故A错误，X的质量数A=2行，两球水平方向速度+3-4=1,电荷数Z=1+1-2=0,可知X表相等，则根据水平方向示中子，故B正确：β衰变是由于原子核内中子上的动量守恒2mu十转化为一个质子同时释放一个电子，并非原子mv,=0,则=0，所以b球的水平速度为零，核外电子电离形成的，故C错误：根据质量数故b球落地前瞬间速度方向竖直向下，故A错守恒与电荷数守恒，核反应方程为iHc十号N误；在整个下落过程中，由A项可知，b在触地→“O+H,故D错误.前末速度为竖直方向，且a球速度为零，根据15.C因为加速与减速的加速度大小相等，根据t系统机械能守恒可知，b落地时速度与只在重告可知加速与减速的时间一定相等，选项A错力作用下的速度一样，因此两种运动的竖直方向上的速度如图所示，图中直线为b球自由落误：设加速时间为t,则减速时间也为t,则2×体运动时在竖直方向上的速度变化线，曲线为受什(6一2)=5，解得1=10分钟，选项Bb球实际运动时在竖直方向上的速度变化线如1200图所示，b球落地之前某时刻竖直方向的加速错误：加速时的加速度大小a=么=36t600m/s2度可能为g,对6球而言，设此时杆与竖直方向夹角为0，则竖直方向上满足mg一F#cos9=≈0.56m/s2,选项C正确：如果加速度大小为mg,解得F轩=0，故此时a球对地压力等于10m/s,则加速时间为1=号-1003,加速和2mg,故B错误；因b球在竖直方向上，自由落体运动和实际运动的位移与落地速度均相同，减速的距离均为=受1=555.6m,匀速时但是由B项图中可知b球实际落地所用时间间4=二2红=29.4分钟，则最短时间为相对自由落体运动的时间要长，对自由落体mg=m,对实际运动mg红一1样=m,解=2h十t=30.5min,选项D错误.得I样=mg(2一41)，因此杆对b球的竖直方向16.C设弹簧初始的压缩量为x1,弹簧在C恰好不能的冲量必定不为零，且冲量方向向上，又因为离开挡板P时的伸长量为x:物块C恰好不能杆对b球的水平冲量为零，故杆对b球的合冲离开挡板P时，物块C沿斜面上受到的重力分量不为零，且方向竖直向上，故C错误；由B项力与弹簧弹力相互平衡，所以有mgsin30°=k工：，释放物体A前，弹簧处于压缩状态，物块可知，对b球而言，b球在实际运动和自由落体B所受重力分力与弹簧弹力平衡，所以有上未速度一样，对自由落体mgh=合m巧，对mgsin30°=kx,对物块A、B组成的系统进行分析，物块A、B的终末速度都为零，根据能量实际运动mgh+W#=乞m,即W释=0，故D3