［广东大联考］广东省2023年高二年级上学期10月联考x物理试卷答案

2023-11-02 03:47:10 28℃

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功与0一2s内所做的功均为号mw2=☐mg,C项正确；根据圆环与弹簧组成的系【典例3】答案(1)0.875(2)9.5J统机械能守恒，知圆环的动能先增大后减(3)3.5J40J,D项正确小，则圆环重力势能与弹簧弹性势能之和：解析(1)由题图乙知，0一1.0s内物块第3讲机械能守恒定律及应用先减小后增大，D项错误。做匀加速度直线运动，○基础·情境落实【典例7】BD解析对于A、B、弹簧组成的系统，只有重力和弹力做功，系统的机加速度为a=△v=1m/s2,【微点辨析】At(1)×(2)、/(3)√(4)/(5)√械能守恒，但对于A和B组成的系统机由牛顿第二定律得◎考点·深究细研械能不守恒，A项错误；A的重力沿斜面umg cos37°-ng sin37°=ma,【知识梳理】向下的分力为Mg sin0=mg,物体A先解得4=0.875。、1.(1)运动路径高度差(2)机械能做加速运动，当受力衡时A的速度最(2)由题图乙知，0~1.0s内物块与传送2.(2)物体地球有关无关大，此时B所受的拉力为Fr=mg,B恰带有相对运动3.(2)-(Ee-E1)好与地面间的作用力为零，B项正确；从B摩擦力为Fn=mgc0s37°=7N,二、1.劲度系数2.正功负功开始运动直到A到达挡板处的过程中，轻1一2.0s内，物块与传送带相对静止三、1.重力转化不变2.E2十E绳弹力的大小一直大于B的重力，故B一则摩擦力为F2=mg sin37°=6N,3.重力系统内的弹簧弹力直做加速运动，C项错误；A恰好能到达则0~2.0s时间内，传送带对木块做的功【典例1】CD解析甲图中重力和弹力挡板处，由机械能守恒定律可知此过程中为W=Fnx1十F2x2,做功，物体A和弹簧组成的系统机械能守重力对A做的功等于弹簧弹性势能的增由题图乙可得x1=0.5m,x2=1m,恒，但物体A机械能不守恒，A项错误；乙加量与物体B的机械能增加量之和，D项解得W=9.5J。图中物体B除受重力外，还受弹力，弹力正确。(3)由题意可知，0一1.0s过程中，物块与对B做负功，机械能不守恒，但从能量特【典例8】C解析取桌面为零势能面，传送带之间有相对运动，点看A、B组成的系统机械能守恒，B项错设链条的总质量为，开始时链条的机械产生热量为Q=Fa△x,误；丙图中绳子张力对A做负功，对B做其中△x=x带一x1=0.5m,能E,=正功，代数和为零，A、B机械能守恒，C项4mgX8L,当链条刚脱离桌解得Q=3.5J。正确；丁图中只有重力做功，动能和势能【典例4】答案(1)-7.5J4.5J不断发生相互转化，机械能守恒，D项面时的机械能E2=2mv-mgx2L,(2)3.0J正确」解析(1)当用F=8N的力将木板从小【典例2】B解析不计一切摩擦，小球由机械能守恒定律可得E1=E2,即d mg铁块下方抽出下滑时，小球和斜劈组成的系统只有小球小铁块运动的加速度为重力做功，系统机械能守恒，小球重力势a1=4g=3m/s2,能减小量等于斜劈和小球动能的增量之2,解得0=5gL4木板运动的加速度为和，斜劈动能增加，小球对斜劈的弹力做C项正确。F-umg正功，同理斜劈对小球的弹力做负功，A、【典例9】ACD解析M=5m/s2,C、D三项错误，B项正确把连接两筒的阀门设抽出过程的时间为t,【典例3】D解析运动员从a到c根据打开到两筒水面高度相等的过程中大气压则有2a:2-2a1=L,机械能守恒定律有mgh=2mv.2,在c力对左筒水面做正功，对右筒水面做负解得t=1s,功，抵消为零。水柱的机械能守恒，重力点有F一mg=mR,且Fw≤kmg,联做功等于重力势能的减少量，等于水柱增所以小铁块运动的位移为工1=2a1t,2h如的动能，等效于把左管高，2的水程解得x1=1.5m,立有R≥一D项正确。【典例4】C解析设B球质量为m,A球移至右管，如图中的斜线所示，重心下降木板运动的位移为x2=2a:t,刚落地时，两球速度大小都为，根据机械h1-h2解得x2=2.5m,2,此时水柱的动能Ek=W。摩擦力对小铁块做的功为W,=umgx1,能守恒定律2mgR一mgR=2(2m+m)21解得W1=4.5J,2）=4gSh-h,P,摩擦力对木板做的功为W2=得v2=3gR,B球继续上升的高度humgx2,故A、C、D三项正确。解得W2=一7.5J。v2(2)抽出木板的过程中，由于摩擦产生的2g=3,则B球上升的最大高度为h十专题突破九功能关系内能为Q=umgL=3.0J。能量守恒定律【典例5】BC解析小物块处于最左端R-R,C项正确。【典例1】C解析重力做功引起重力势时，弹簧的压缩量最大，然后小物块先向【典例5】B解析物体P从A滑到B能的变化，Wc=mgh=△E。,物体重力做右加速运动后减速运动，可知弹簧的最大的过程中，绳的拉力做正功，P的动能增功mgh,重力势能减少了mgh,A、B两项弹力大于滑动摩擦力mg,A项错误；物加，速度增加，到达B点时，速度最大。错误；合外力做功引起动能的变化，W合块从开始运动至最后回到A点过程，由上述过程中，绳对Q的拉力做负功，Q的m功的定义可得物块克服摩擦力做功为机械能减小，P到达B点时，Q到达最低3h=△Ek,动能增加了3mgh,D项错2umg5,B项正确；自物块从最左侧运动至点的位置，速度为零，所以P从A到B的误；动能和重力势能之和等于机械能，重A点过程由能量守恒定律可知E。过程中，Q的速度先增大后减小，A、C、Dmgs,C项正确；设物块在A点的初速度三项均错误；对P、Q整体应用机械能守力势能减少了mgh,动能增加了3 mgh,为vo,整个过程应用动能定理有一2mgs0恒定律得2mg(L一h)=2m,则物体p故机械能减少了了mgh,C项正确。之muo2,解得v,=2√g5,D项错误。的最大速度v=2√g(L一h),B项正确【典例2】AB解析下滑5m的过程中，【典例6】答案(1)14m(2)0.875(3)216J【典例6】C解析题图中弹簧水时恰重力势能减少30J,动能增加10J,减小：解析(1)从题图乙知0~8s内物体位移好处于原长状态，圆环下滑到最大距离时的重力势能并不等于增加的动能，所以机的大小等于4~8s内位移大小，弹簧的长度变为2L,可得物体下降的高械能不守恒，A项正确；斜面高3m、长度为h=√3L,根据系统的机械能守恒得5m,则斜面倾角为0=37°。令斜面底端为x=2×(2+4)×2+4X2m=14m。弹簧的弹性势能增大量为△E。=mgh=为零势面，则物块在斜面顶端时的重力势(2)由题图乙知，物体相对传送带滑动时√3mgL,A项错误；圆环所受合力为零时，能mgh=30J,可得质量m=1kg,下滑速度最大，弹簧竖直分力等于圆环重力，5m过程中，由功能原理，机械能的减少量的加速度a==1m/s2,△tB项错误；速度最大后，圆环继续向下运等于克服摩擦力做的功ng cos0·s此过程中对物体分析得动，则弹簧的弹力增大，圆环下滑到最大距20J,求得4=0.5，B项正确；由牛顿第二umg cos 0-mg sin 0=ma,离时，所受合力竖直向上，则弹力沿杆的分定律ng sin0-umg cos0=ma,求得a=解得u=0.8752m/s2,C项错误；物块下滑2.0m时，重力F￥=下os30=2L序3】(3)物体被送上的高度2L力势能减少12J,动能增加4J,所以机械h=xsin37°=14X0.6m=8.4m,能损失了8J,D项错误重力势能增量答案深度解析·17·

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